Điện phân 1 lít dung dịch X gồm Cu(NO3)2 0,6M và FeCl3 0,4M đến khi anot thoát ra 17,92 lít khí

* Đáp án

Chọn D

$n_{C u {(N O_{3})}_{2}} = 0, 6$ và $n_{F e C l_{3}} = 0, 4$

Bảo toàn Cl —> $n_{C l_{2}}$ = 0,6

Anot thoát ra 0,8 mol khí —> $n_{O_{2}}$ = 0,2

$\to n_{e} = 2 n_{C l_{2}} + 4 n_{O_{2}} = 2$

$F e^{3 +} + 1 e \to F e^{2 +}$

$0, 4......0, 4$

$n_{F e C l_{3}} = 0, 4$

Tại thời điểm bên catot hết Cu²⁺ thì bên anot đã có O₂ từ trước đó,

khi đó H⁺, thực chất coi như $H_{2} O$ sẽ bị điện phân tiếp.

Bảo toàn electron —> $n_{H_{2}}$ = 0,2 mol

Dung dịch sau điện phân chứa Fe²⁺ (0,4), $N O_{3}^{-}$ (1,2) —> H⁺ (0,4)

Khuấy đều —> $n_{N O} = n_{H^{+}}$ / 4 = 0,1

$m_{X} - m_{Y} = m_{C u} + m_{H_{2}} + m_{C l_{2}} + m_{O_{2}} + m_{N O} = 90, 8$