Em tham khảo nhé!

Câu 4 -1/

Ta có: $n_{H_2(TH1)} = 0,16\ mol;\ n_{H_2(TH2)} = 0,22\ mol$

PTHH xảy ra:

$Na+H_2O \to NaOH + \dfrac 12 H_2↑$                   (1)

$Ba+H_2O \to Ba(OH)_2 +H_2↑$               (2)

$Al + OH^- + H_2O \to Al(OH)_3 + \dfrac 32 H_2↑$      (3)

+) Nhận thấy cùng cho khối lượng m(g) vào H2O hoặc vào dung dịch NaOH thì thể tích khí H2 thoát ra ở TH2 nhiều hơn,  vậy chứng tỏ Al dư trong TH1, đồng thời Al hết ở TH2.

+) Xét TH1: Ta có sơ đồ phản ứng:

$\left\{ \begin{array}{l} Na:a\\ Ba:b \end{array} \right. \xrightarrow{+H_2O} \left\{ \begin{array}{l} NaOH:a\\ Ba{(OH)_2}:b\\ {H_2}:0,5a + b \end{array} \right. \xrightarrow{+Al:(2a+2b) mol} \underbrace {\dfrac{3}{2}{H_2}}_{\frac{3}{2}(a + 2b)mol}$

Khi đó: $\to 0,5a+b+\dfrac 32 (a+2b) = 0,16 ⇒ 2a+4b=0,16$

+) Xét TH2: Sơ đồ phản ứng (Al hết kh dùng dung dịch NaOH)

$\left\{ \begin{array}{l} Na:a\\ Ba:b \end{array} \right. \xrightarrow{+H_2O} \left\{ \begin{array}{l} NaOH_{\text{dư}}\\ Ba{(OH)_2}:b\\ {H_2}:0,5a + b \end{array} \right. \xrightarrow{+Al:(2a+2b) mol} \underbrace {\dfrac{3}{2}{H_2}}_{\frac{3}{2}(2a + 2b)mol}$

$\to 0,5a+b+\dfrac 32 (2a+2b) = 0,22 ⇒ 3,5a+4b = 0,22$

Giải hệ ta được: $\left\{ \begin{array}{l}
a = 0,04\\
b = 0,02
\end{array} \right.$

Vậy: $m=0,04.23 + 0,02.147 + 2(0,04+0,02).27 = 5,28\ g$

Câu 4 -2/

a/ PTHH xảy ra:

+) Giai đoạn 1 (từ O → A): $CO_2 + Ca(OH)_2 \to CaCO_3↓ + H_2O$

+) Gia đoạn 2 (Từ A → B): $CO_2 + 2NaOH \to Na_2CO_3 + H_2O$

                        $CO_2 + Na_2CO_3 + H_2O \to 2NaHCO_3$

Vậy giai đoạn 2, đoạn $AB = n_{NaOH}$

+) Giai đoạn 3 (Từ B → C): $CaCO_3↓ + H_2O + CO_2 \to Ca(HCO_3)_2$

Dựa theo các PT và tỉ lệ phản ứng, ta có các Δ OAD, BEC vuông cân tại D, E.

Khi đó: $FC = 0,02 \to OC = 0,12\ mol$

+) $EC = OD = 0,05\ mol \to OE = 0,07\ mol$

$\to AB = DE = OE-OD= 0,02\ mol \to x=\dfrac{0,02}{0,1} = 0,2\ M$

+) $n_{Ca(OH)_2} = OD = 0,05\ mol \to y=\dfrac{0,05}{0,1} = 0,5\ M$