Câu trả lời là có. Vì cứ có phản ứng oxy hoá - khử xay ra là đều có thể bào toàn e.

$Fe_2O_3 +3CO \xrightarrow{t^o}2Fe+3CO_2$

$CuO+CO \xrightarrow{t^o} Cu +CO_2$

Dùng dư $CO$ nên đã khử hoàn toàn kim loại.

$n_{CO_2}=0.4(mol)$

Bảo toàn nguyên tố $C:$ $n_{CO,pu}=n_{CO_2}=0.4(mol)$

$n_{Fe_2O_3}=a(mol);n_{CuO}=b(mol)$

`=>`$160a+80b=24$ $(1)$

Bảo toàn nguyên tố $Fe:$ $n_{Fe}=2n_{Fe_2O_3}=2a(mol)$

Bảo toàn nguyên tố $Cu:$ $n_{Cu}=n_{CuO}=b(mol)$

$\rm \mathop{Fe}\limits^{+3} +3e \to \mathop{Fe}\limits^{0} \hspace{1cm} || \hspace{1cm} \mathop{C}\limits^{+2} \to \mathop{C}\limits^{+4}+2e$

$2a$$\to$ $6a$                              $0.4$      $\to$    $0.8$

$\rm \mathop{Cu}\limits^{+2} +2e \to \mathop{Cu}\limits^{0}$

$b$ `->` $2b$

`=>`$6a+2b=0.8$ $(2)$

Từ $(1),(2)$ suy ra: $a=0.1$ và $b=0.1$

Đặt `x(mol)=n_{Fe_2O_3},y(mol)=n_{CuO}`

Bảo toàn `Fe` : $\rm n_{Fe}=2n_{Fe_2O_3}$

Bảo toàn `Cu` :$\rm n_{Cu}=n_{CuO}$ 

$\rm n_{CaCO_3}=\dfrac{40}{100}=0,4(mol)$ 

$\rm PTHH: Ca(OH)_2 +CO_2 \xrightarrow{} CaCO_3 +H_2O$ 

Theo phương trình hóa học $\rm n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=0,4(mol)$

Bán phản ứng 

$Fe^{+3} +3e \xrightarrow{} Fe^0$ 

                    `6x` `←``2x`        (mol)

$Cu^{+2} +2e \xrightarrow{} Cu^0$ 

 `y`     `->`     `2y`            (mol)

$C^{+2} \xrightarrow{} C^{+4} +2e$

         `0,4` ` ->`  ` 0,8`   (mol)

Bảo toàn `e` ta có 

$6x+2y=0,8(1)$ 

Theo đề bài ta lại có 

$160x+80y=24(2)$ 

Từ (1) và (2) suy ra 

$x=y=0,1(mol)$