a,

$Fe$ tan hết nên không dư $Fe$, chỉ tạo muối 

Giả sử phản ứng tạo 2 muối $FeSO_4$ ($x$ mol), $Fe_2(SO_4)_3$ ($y$ mol) (trường hợp tạo 1 muối: $x=0$ hoặc $y=0$). Coi từ đầu tạo 2 muối cùng lúc.

$Fe+2H_2SO_4\to FeSO_4+SO_2+2H_2O$

$2Fe+6H_2SO_4\to Fe_2(SO_4)_3+3SO_2+6H_2O$

$n_{Fe}=\dfrac{8,4}{56}=0,15(mol)$

$\to \begin{cases} x+2y=0,15\\ 152x+400y=26,4\end{cases}$

$\to \begin{cases} x=0,075\\ y=0,0375\end{cases}$

$\to n_{H_2SO_4}=2x+6y=0,375(mol)$

$\to m_{H_2SO_4}=36,75g$

b,

$n_{SO_2}=x+3y=0,1875(mol)$

$n_{KOH}=0,275(mol)$

$\dfrac{n_{KOH}}{n_{SO_2}}=1,46$

$\to$ tạo 2 muối: $KHSO_3$ ($a$ mol), $K_2SO_3$ ($b$ mol)

$KOH+SO_2\to KHSO_3$ 

$2KOH+SO_2\to K_2SO_3+H_2O$

$\to \begin{cases} a+b=0,1875\\ a+2b=0,275\end{cases}$

$\to \begin{cases} a=0,1\\ b=0,0875\end{cases}$

Vậy $m_{\text{chất tan}}=120a+158b=25,825g$

$2Fe+6H_2SO_4(đ,n)\rightarrow Fe_2(SO_4)_3 + 3SO_2+ 6H_2O$

    x          3x                                   x/2                     3/2x

$n_{Fe}=\frac{m}{M}=0,15(mol)$

=>$n_{Fe_2(SO_4)_3}=\frac{1}{2}n_{Fe}=0,075(mol)$

=>$m_{Fe_2(SO_4)_3}=n.M=30(g)$>m muối

=>$Fe$ sẽ dư và $H_2SO_4$ hết

=>$Fe+Fe_2(SO_4)_3\rightarrow 3FeSO_4$

       y          y                                        3y

Ta có: Số mol $Fe_2(SO_4)_3$ dư sẽ bằng $\frac{x}{2} -y$

=>Ta có hệ: $x+y=0,15$

$400.(\frac{x}{2}) -y+152.3y=26,4$

=>x=0,125

y=0,025

=>$n_{H_2SO_4}=3x=0,375(mol)$

=>$m_{H_2SO_4}=n.M=36.75(g)$

$n_{SO_2}=0,1875(mol)$

b, $275ml=0,275l$

=>$n_{KOH}=0,275(mol)$

=>$T=\frac{n_{OH-}}{n_{SO_2}}=1,4$

=>Sinh ra 2 muối

$CO_2+2OH- ->\mathop{CO_3}\limits^{2-}+H_2O$

$CO_2+OH- -> HCO_3-$

Gọi số mol $CO_2$ mỗi phần lần lượt là a, b

=>$a+b=0,1875$

$a+2b=0,275$

=>$a=0,1, b=0,0875$

=>m muối$=22,075(g)$