Xét A chỉ có $Na_2CO_3$

$n_{Na_2CO_3}≈0,14(mol)$

$n_{H_2SO_4.4SO_3}≈0,024(mol)$

$H_2SO_4.4SO_3+4H_2O \to 5H_2SO_4$

$n_{H_2SO_4}=0,12(mol)$

$H_2SO_4+Na_2CO_3→Na_2SO_4+H_2O+CO_2$

Vì $\dfrac{0,12}{1}<\dfrac{0,14}{1}$  ⇒Dư  $Na_2CO_3$

⇒$n_{CO_2}=n_{H_2SO_4}=0,12(mol)$⇒$V_{CO_2}=2,688(l)$

$Ba+SO_4^{2-} \to BaSO_4$

$Ba+CO_3^{-} →BaCO_3$

Ta có: $n_{CO_3^{-}}=0,14(mol)$

$n_{SO_4^{2-}}=0,12(mol)$

⇒$m=0,12.233+(0,13-0,12).197=27,96+1,97=29,93(g)$

Xét A có $Na_2CO_3$ và $NaHCO_3$

Gọi x và y là số mol $Na_2CO_3$ và $NaHCO_3$, ta có:

$2x+y=0,25$

$106x+84y=14,8$

⇒$x=0,1(mol);y=0,05(mol)$

$n_{H_2SO_4}=0,12(mol)$

$H_2SO_4+Na_2CO_3→Na_2SO_4+H_2O+CO_2$

$H_2SO_4+2NaHCO_3 \to Na_2SO_4+2H_2O+2CO_2$

Do đổ từ từ A vào B nên $Na_2CO_3$ phản ứng trước

⇒$n_{CO_2}=0,1+2.(0,12-0,1)=0,14(mol)$

⇒$V_{CO_2}=3,136(l)$

Trong dung dịch C còn: 0,01 mol $NaHCO_3$ và 0,12 mol $Na_2SO_4$

$Ba(OH)_2+Na_2SO_4 \to BaSO_4+2NaOH$

$Ba(OH)_2+2NaHCO_3 \to BaCO_3+2H_2O+Na_2CO_3$

$Ba(OH)_2+Na_2CO_3 → BaCO_3+2NaOH$

Do muối $BaSO_4$ bền hơn nên $Na_2SO_4$ phản ứng trước

⇒$m=0,12.233+(0,005+0,005).197=27,96+19,7=29,93(g)$

giả sử CO2 + NaOH tạo 2 muối,

nNaHCO3 = x, nNa2CO3 = y.

khối lượng muối 14,8g = 84x + 106y

bảo toàn Na: x + 2y = 0,25

giải hệ đc x=0,05 và y=0,1

H2SO4.4SO3       +      H2O =>          5H2SO4.

 0.024   (số mol lẻ quá, xem lại đề)      0.12

nH+ = 0,24 mol

cho dd A: 0,05 mol NaHCO3 và 0,1 mol Na2CO3 vào 0,12 mol H2SO4

HCO3- + H+ => CO2 + H2O

x              x             x

CO32- + 2H+ => CO2 + H2O

 2x           4x            2x

=> x + 4x = 0,24 => x = 0.048 mol

V CO2 = 0,048 x 3 x 22,4 = 3.2256l

cho Ba(OH)2 vào C:

nBaCO3 = n C = 0,05 + 0,1 - 0,048 x 3 = 0.006 mol