a,

Tại thời điểm dừng chuẩn độ, màu dung dịch trong bình tam giác chuyển sang màu hồng. 

b,

Số liệu từ học sinh H có thể mang lại kết quả phân tích chính xác hơn G vì H nhỏ dung dịch chuẩn với thể tích xấp xỉ nhau giữa các lần nên kết quả chính xác hơn.

c,  

$2NaOH+H_2SO_4\to Na_2SO_4+2H_2O$

* Lần 1:

$V_{dd NaOH}=11,6ml=11,6.10^{-3}(l)$

$\to n_{NaOH}=11,6.10^{-3}.0,05=5,8.10^{-4}(mol)$

$\to n_{H_2SO_4}=2,9.10^{-4}(mol)$

Trong $10ml$ $P$ có $2,9.10^{-4}$ mol $H_2SO_4$

$\to 10ml$ mẫu ban đầu có $2,9.10^{-4}.10=2,9.10^{-3}(mol)$ $H_2SO_4$

$\to C_{M_{H_2SO_4}}=\dfrac{2,9.10^{-3}}{0,01}=0,29M$

* Lần 2: 

$V_{dd NaOH}=23,8-12=11,8(ml)=11,8.10^{-3}(l)$

$\to n_{NaOH}=11,8.10^{-3}.0,05=5,9.10^{-4}(mol)$

$\to n_{H_2SO_4}=2,2.10^{-4}(mol)$

Trong $10ml$ $P$ có $2,95.10^{-4}$ mol $H_2SO_4$

$\to 10ml$ mẫu ban đầu có $2,95.10^{-4}.10=2,95.10^{-3}(mol)$ $H_2SO_4$

$\to C_{M_{H_2SO_4}}=\dfrac{2,95.10^{-3}}{0,01}=0,295M $

* Lần 3:

$V_{dd NaOH}=35,7-24=11,7ml = 11 ,7.10^{-3}(l)$

$\to n_{NaOH}=11 ,7 .10^{-3}.0,05=5,85 .10^{-4}(mol)$

$\to n_{H_2SO_4}=2,925.10^{-4}(mol)$

Trong $10ml$ $P$ có $2,925.10^{-4}$ mol $H_2SO_4$

$\to 10ml$ mẫu ban đầu có $2,925.10^{-4}.10=2,925.10^{-3}(mol)$ $H_2SO_4$

$\to C_{M_{H_2SO_4}}=\dfrac{2,925.10^{-3}}{0,01}=0,2925M$

Vậy $a=\dfrac{0,29 +0,295+0,2925 }{3}= 0,2925M $