Câu 4 :

PTHH:

`Fe_3O_4+4H_2SO_4->FeSO_4+Fe_2(SO_4)_3+4H_2O`

`->` X chứa `FeSO_4,Fe_2(SO_4)_3,H_2O,H_2SO_4` (dư)

`FeSO_4+2NaOH->Fe(OH)_2+Na_2SO_4`

`Fe_2(SO_4)_3+6NaOH->2Fe(OH)_3+3Na_2SO_4`

`2NaOH+H_2SO_4->Na_2SO_4+2H_2O`

`Cu+Fe_2(SO_4)_3->CuSO_4+2FeSO_4`

`10FeSO_4 + 2KMnO_4 + 8H_2SO_4 → 5Fe_2(SO_4)_3 + K_2SO_4 + 2MnSO_4+ 8H_2O`

`BaCl_2+H_2SO_4->BaSO_4+2HCl`

`BaCl_2+FeSO_4->BaSO_4+FeCl_2`

`3BaCl_2+Fe_2(SO_4)_3->3BaSO_4+2FeCl_3`

`2Al+3H_2SO_4->Al_2(SO_4)_3+3H_2`

`2Al+3FeSO_4->Al_2(SO_4)_3+3Fe`

`2Al+Fe_2(SO_4)_3->Al_2(SO_4)_3+2Fe`

Câu 5 :

`n_{HCl} = 0,48.0,25=0,12 (mol) ;`$\\$`n_{CO_2} = 1,792: 22,4 = 0,08 (mol)`

Gọi `n_{Na}=a;n_R=b`

Vì khi cho A vào nước, cả 2 kim loại đều tan hết nên có 2 TH:

TH1: `R` là kim loại nhóm `IIA` tan trong nước:

PTHH:

`2Na + 2H_2O → 2NaOH + H_2 (1)`

` a`                  `->a` (mol)

`R + 2H_2O → R(OH)_2 + H_2 (2)`

`b`                `->b` (mol)

Dung dịch B chứa `NaOH` và `R(OH)_2`

- Khi cho B tác dụng dung dịch `HCl` thì dung dịch chứa 2 chất tan chứng tỏ `HCl` và dung dịch `B` đều hết :

PTHH:

`NaOH + HCl → NaCl + H_2O (3)`

`a`          `->a(mol)`

`R(OH)_2 + 2HCl → RCl_2 + 2H_2O (4)`

`b`           `->2b(mol)`

Từ các phương trình (1,4) ta có: `n_{HCl} = a+2b= 0,12 (I)`

- Sục `CO_2` vào `B` thu được một chất kết tủa và dd chỉ có `NaHCO_3` nên có các phản ứng:

PTHH:

`CO_2 + R(OH)_2 → RCO_3 + H_2O (5)`

`b`       `←b`              `→b(mol)`

`CO_2 + NaOH → NaHCO_3 (6)`

 `a`         `←a`         (mol)

Từ các phương trình `(5,6)` ta có: `n_{CO_2} = a+b = 0,08 (II)`

Từ (I) và (II) suy ra :

`a=0,04;b=0,04`

`(5)n_{RCO_3}=b=0,04(mol)`

`=>M_{RCO_3}=(1,98)/(0,04)=49,5`

`=>M_R=-10,5` (loại)

TH2: `R` là kim loại có hidroxit lưỡng tính

PTHH:

`2Na + 2H_2O → 2NaOH + H_2 (1’)`

`a`                         `->a(mol)`

`R + 2NaOH → Na_2RO_2 + H_2 (2’)`

`b`    `->2b`       `->b(mol)`

Dung dịch `B` thu được chứa: `Na_2RO_2,` có thể có `NaOH` dư.

`-` B tác dụng `HCl` thì `HCl,` dung dịch `B ` đều hết :

PTHH:

`NaOH + HCl → NaCl + H_2O (3’)`

`(a-2b) ->(a-2b)(mol)`

`Na_2RO_2 + 4HCl → RCl_2 + NaCl + 2H_2O (4’)`

`b`              `->4b`    `->b`     `->b(mol)`    

Từ ` (1’->4’)=>n_{HCl} = a+2b = 0,12 (III)`

- Sục `CO_2` vào `B` thì sau phản ứng chỉ có chất tan `NaHCO_3` và 1 kết tủa nên các chất tác dụng vừa đủ :

PTHH:

`Na_2RO_2 + 2CO_2 + 2H_2O → 2NaHCO_3 + R(OH)_2 (5’)`

`b`                 `->2b`                                          `->b`

`NaOH + CO_2 → NaHCO_3 (6’)`

`(a-2b)->(a-2b)(mol)`

Từ `(5')(6')` :

`n_{CO_2} = a – 2b + 2b = 0,08 => a = 0,08 (IV)`

Thay vào `(III)=> b=0,02 (mol)`

`=>n_{R(OH)_2}=0,02(mol)`

`=>M_{R(OH)_2}=(1,98)/(0,02)=99`

`=>M_R=65`

Vậy R là `Zn` (kẽm)

Câu 4

hòa tan Fe3O4 vào H2SO4 loãng dư
Fe3O4 + 4H2SO4 --> FeSO4 + Fe2(SO4)3 + 4H2O
Vậy dung dịch lúc này có FeSO4, Fe2(SO4)3 và H2SO4 dư
(1) H2SO4 + 2NaOH --> Na2SO4 + 2H2O 
      FeSO4 + 2NaOH --> Fe(OH)2↓ + Na2SO4
      Fe2(SO4)3 + 6NaOH --> 2Fe(OH)3↓ + 3Na2SO4
(2) Fe2(SO4)3  + Cu --> 2FeSO4 + CuSO4
(3)2KMnO4 + 10FeSO4 + 8H2SO4 --> 5Fe2(SO4)3 + K2SO4 + 2MnSO4 + 8H2O 
(4) BaCl2 + H2SO4 --> BaSO4↓ + 2HCl
     BaCl2 + FeSO4 --> BaSO4↓ + FeCl2
     3BaCl2 + Fe2(SO4)3 --> 3BaSO4↓ + 2FeCl3 

(5) 2Al + 3H2SO4 --> Al2(SO4)3 + 3H2↑
      3FeSO4 + 2Al ---> Al2(SO4)3 + 3Fe↓
        Fe2(SO4)3 + Al --> Al2(SO4)3 + Fe↓

Câu 5

nCO2 = $\frac{1,792}{22,4}$ =0,08(mol); Đặt nNa=a(mol), nR = b(mol)
Gỉa sử kim loại R tan trong nước
Na + H2O --> NaOH + $\frac{1}{2}$ H2↑

 a                         a                                     )(mol)

R + 2H2O --> R(OH)2 + H2↑
b                          b                                    )(mol)

=> ∑nOH- = a + 2b (mol)
nHCl = 0,48 × 0,25 = 0,12(mol); Do sau pứ dd chỉ chứa 2 chất tan => đó là 2 muối vậy nên acid vừa đủ

PỨ giữa base và acid : 

                OH-      +      H+             ----> H2O

                  0,12   ←     0,12                               )(MOL)
=>                       a + 2b =0,12(1)

Mặt khác, khi hấp thụ CO2 vào chỉ thu được dd gồm chất tan là NaHCO3 
=> R(OH)2 đã kết tủa hoàn toàn
NaOH + CO2 ---> NaHCO3
    a             a                          )(mol)
R(OH)2 + CO2 ----> RCO3 + H2O

    b              b            b                    )(mol)
=>                         a + b = 0,08 (2)
Từ (1) và (2) =>$\left \{ {{a=0,04} \atop {b=0,04}} \right.$  

=>MRCO3 = $\frac{1,98}{0,04}$ = 49,5(loại)

Gỉa sử kim loại R tan trong NaOH (trong Trường hợp này R hết do chỉ thu được dd B và khí H2 không có chất không tan)

Na + H2O ---> NaOH + $\frac{1}{2}$H2

a                           a                                      )(mol)

2NaOH + R ---> Na2RO2 + H2

     2b        b             b                )(mol)

Vậy trong dd lúc này có NaOH dư gồm a-2b (mol) và Na2RO2 b (mol)

NaOH + HCl ---> NaCl + H2O

 a-2b      a-2b                            )(mol)
Na2RO2 + 2HCl ---> 2NaCl + R(OH)2

  b               2b                2b            b      )(mol)
R(OH)2 + 2HCl ---> RCl2 + 2H2O
b                   2b
Do sau pứ dung dịch thu được có 2 chất tan nên dd gồm NaCl và RCl2

=> a -2b + 4b =0,12 => a+2b =0,12

- mặt khác:
khi sục CO2 vào thì tương tự trên, Na2RO2 tạo kết tủa R(OH)2 và toàn bộ $Na^{+}$ đã bị chuyển hóa thành NaHCO3

NaOH + CO2 ---> NaHCO3

   a-2b       a-2b                 a-2b )(mol)
Na2RO2 + 2CO2 + 2H2O --> 2NaHCO3 + R(OH)2↓
 b                   2b                                                b     )(mol)

=> a - 2b + 2b = 0,08 => a = 0,08(mol) => b =( 0,12 - 0,08 )/2 = 0,02(mol)
Vậy MR(OH)2 = 1,98/0,02 = 99(g/mol)

=> MR = 99 - 17×2 = 65 (Zn)

Vậy kim loại R chính là Zn (=65)