Bạn tham khảo!

Đáp án:

 $a)$ 

$\bullet$ Trường hợp $1:$ 

$\rightarrow$ $C_2H_4/H_2$ $\begin{cases} \text{%}n_{C_2H_4}=\dfrac{0,6.100}{0,4+0,6}=60\text{%}\\\text{%}n_{H_2}=\dfrac{0,4.100}{0,6+0,4}=40\text{%}\ \end{cases}$

$\bullet$ Trường hợp $2:$ 

$\rightarrow$ $C_4H_6/H_2$ $\begin{cases} \text{%}n_{C_4H_6}=\dfrac{0,3.100}{0,3+0,7}=30\text{%}\\\text{%}n_{H_2}=\dfrac{0,7.100}{0,3+0,7}=70\text{%}\ \end{cases}$

b) $61,6g$

Giải thích các bước giải:

Sản phẩm khi đốt cháy $A$ là $CO_2$ nên ta có $3$ PTHH ứng với $3$ trường hợp:

1) $CO_2+Ca(OH)_2$ $\rightarrow$ $CaCO_3 ↓+H_2O$ (Muối trung hòa)

2) $2CO_2+Ca(OH)_2$ $\rightarrow$ $Ca(HCO_3)_2$ (Muối Axit)

3) $Ca(HCO_3)$ $\xrightarrow{t^o}$ $CaCO_3↓+H_2O+CO_2↑$

____________________________________________________________

a)

Có $n_{CaCO_3(1)}=n_{CO_2}=\dfrac{20}{100}=0,2$ mol 

Gọi $x$ là số mol của $CaCO_3(3)$

Có $n_{CaCO_3(3)}=\dfrac{50}{100}=0,5$ mol

Vậy $n_{Ca(HCO_3)_2}=x$ và $n_{CO_2(2)}=0,5.2x$

Mà $x=0,5$ nên $n_{CO_2(2)}=1$ mol

$∑n_{CO_2}=n_{CO_2(1)}+n_{CO_2(2)}=1+0,2=1,2$ mol 

Gọi $y$ là số mol của $H_2O$

Hidrocacbon $X$ chỉ chứa $C,H$ nên $m_X=m_C+m_H$

$\xrightarrow{BTNT}$ $m_X=12.n_{CO_2}+2.n_{H_2O}$

⇔$17,6=(12.1,2)+2.y$

⇒$y=1,6$

Có CTTQ của $X$ là $C_nH_{2n+2-2k}$ và $H_2$

Gọi số mol của $X$ là $m$ và $H_2$ là $o$ 

Có $n_{CO_2}=mn=1,2$ ($n$ là số chỉ) (*)

Có $n_{H_2O}=n_{H_2}+n_H(\text{trong X})$

Vậy $n_{H_2O}=o+m(n+1-k)=1,6$ (**)

Có $n_{Br_2}$ phản ứng $=\dfrac{96}{160}=0,6$ mol

Vậy $n_{Br_2}=0,6k$ (***)

Phân tích: $X$ có khả năng tác dụng với $Br_2$ nên chắc chắn là hidrocacbon không no+khí nên trong $X$ chứa tối đa $4C$ và tối thiếu $2C$

Vậy lần lượt thay $n=2, n=3, n=4$ vào $(*),(**),(***)$:

$\bullet$ Khi $n=2:$ 

$\begin{cases} m=0,6\\o=0,4\\k=1 \end{cases}$ (nhận vì $k∈N^{*}$)

Lúc này: $mn=1,2$ hay $0,6.n=1,2$

$\rightarrow$ $n=2$

Vậy CTPT của $X$ là $C_2H_{2.2+2-2.1}=C_2H_4$

Có $n_{Br_2}=0,6$ mol

$C_2H_4+Br_2$ $\rightarrow$ $C_2H_4Br_2$

Vậy $n_{C_2H_4}=0,6$ mol 

Có $n_{H_2}=o=0,4$ mol

$\rightarrow$ $\begin{cases} \text{%}n_{C_2H_4}=\dfrac{0,6.100}{0,4+0,6}=60\text{%}\\\text{%}n_{H_2}=\dfrac{0,4.100}{0,6+0,4}=40\text{%}\ \end{cases}$

___________________________________________________________

$\bullet$ Khi $n=3:$ 

$\begin{cases} m=0,4\\o=0,6\\k=1,5 \end{cases}$ (loại vì $K∉N^{*}$)

___________________________________________________________

$\bullet$ Khi $n=4:$ 

$\begin{cases} m=0,3\\o=0,7\\k=2 \end{cases}$ (Nhận vì $K∈N^{*}$)

Lúc này $mn=1,2$

⇒$0,3n=1,2$ nên $n=4$

CTPT lúc này: $C_4H_{2.4+2-2.2}=C_4H_6$

$C_4H_6+2Br_2$ $\rightarrow$ $C_4H_6Br_4$

Có $n_{Br_2}=0,6$ mol

Dựa vào PTHH) $n_{C_4H_6}=\dfrac{0,6}{2}=0,3$ mol

Có $n_{H_2}=o=0,7$ mol

$\rightarrow$ $\begin{cases} \text{%}n_{C_4H_6}=\dfrac{0,3.100}{0,3+0,7}=30\text{%}\\\text{%}n_{H_2}=\dfrac{0,7.100}{0,3+0,7}=70\text{%}\ \end{cases}$

~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~

c) 

Có $m↑=(m_{CO_2}+m_{H_2O})-m_{CaCO_3(1)}$

Đã có $∑n_{CO_2}=1,2$ mol nên $m_{CO_2}=1,2.44=52,8g$

Đã có $n_{H_2O}=y=1,6$ mol nên $m_{H_2O}=1,6.18=28,8g$

Vậy $m↑=(52,8+28,8)-20=61,6g$

_____________________________________________________________________

*Giải thích vì sao loại TH2 mà chọn TH1+TH3

Xét CTTQ $C_nH_{2n+2-2k}$ có $k$ là độ bất bão hòa

$\rightarrow$ Độ bất bão hòa phải là số nguyên, không thể âm nên loại TH2

Đáp án:

`a.`

`**` `X` là `C_2H_4=>{(%n_(C_2H_4)=60%),(%n_(H_2)=40%):}`

`**` `X` là `C_4H_6=>{(%n_(C_4H_6)=30%),(%n_(H_2)=70%):}`

`b.\ m_(dd↑)=61,6(g)`

Giải thích các bước giải:

`a.`

`X:C_nH_(2n+2-2k)`

`X` có thể phản ứng được với `Br_2=>k\ge1`

Dung dịch `Br_2` chỉ nhạt màu nên `Br_2` được lấy dư

`n_(Br_2)=96/160=0,6(mol)`

`C_nH_(2n+2-2k)+kBr_2->C_nH_(2n+2-2k)Br_(2k)`

`n_X=1/kn_(Br_2)=(0,6)/k(mol)`

`C_nH_(2n+2-2k)+(3n+1-k)/2O_2\overset(t^o)(->)nCO_2↑+(n+1-k)H_2O\ (1)`

`=>n_(CO_2)=n n_X=(0,6n)/k(mol)`

Dẫn `CO_2` vào nước vôi trong thấy tạo kết tủa, lọc kết tủa đun sôi lại tạo thêm kết tủa

`=>` Tạo hai muối `CaCO_3` và `Ca(HCO_3)_2`

`CO_2+Ca(OH)_2->CaCO_3↓+H_2O\ (2)`

`2CO_2+Ca(OH)_2->Ca(HCO_3)_2`

`Ca(HCO_3)_2\overset(t^o)(->)CaCO_3↓+H_2O+CO_2↑\ (3)`

`n_(CaCO_3(2))=20/100=0,2(mol)`

`n_(CaCO_3(3))=50/100=0,5(mol)`

`n_(Ca(HCO_3)_2)=n_(CaCO_3(3))=0,5(mol)`

`=>∑n_(CO_2)=n_(CaCO_3(2))+2n_(Ca(HCO_3)_2)=0,2+2xx0,5=1,2(mol)`

`=>(0,6n)/k=1,2`

`<=>n/k=2`

Vì `X` là khí nên `2\len\le4`:

`n=2=>k=1(C_2H_4)`

`n=3=>k=1,5(l)`

`n=4=>k=2(C_4H_6)`

`**` Với `C_2H_4`:

`n_(C_2H_4)=(0,6)/k=0,6(mol)`

`=>n_(H_2)=(17,6-0,6xx28)/2=0,4(mol)`

`=>`

`%n_(C_2H_4)=(0,6)/(0,6+0,4)xx100=60%`

`%n_(H_2)=(0,4)/(0,6+0,4)xx100=40%`

`**` Với `C_4H_6`:

`n_(C_4H_6)=(0,6)/k=0,3(mol)`

`=>n_(H_2)=(17,6-0,3xx54)/2=0,7(mol)`

`=>`

`%n_(C_4H_6)=(0,3)/(0,3+0,7)xx100=30%`

`%n_(H_2)=(0,7)/(0,3+0,7)xx100=70%`

`b.`

`2H_2+O_2\overset(t^o)(->)2H_2O\ (4)`

`**` Với `C_2H_4`:

`n_(H_2O(1))=(n+1-k)n_(C_2H_4)=2xx0,6=1,2(mol)`

`n_(H_2O(4))=n_(H_2)=0,4(mol)`

`=>∑n_(H_2O)=1,2+0,4=1,6(mol)=>m_(H_2O)=1,6xx18=28,8(g)`

`n_(CO_2)=(0,6n)/k=1,2(mol)=>m_(CO_2)=1,2xx44=52,8(g)`

`=>m_(dd↑)=28,8+52,8-20=61,6(g)`

`**` Với `C_4H_6`:

`n_(H_2O(1))=(n+1-k)n_(C_4H_6)=3xx0,3=0,9(mol)`

`n_(H_2O(4))=n_(H_2)=0,7(mol)`

`=>∑n_(H_2O)=0,9+0,7=1,6(mol)=>m_(H_2O)=1,6xx18=28,8(g)`

`n_(CO_2)=(0,6n)/k=1,2(mol)=>m_(CO_2)=1,2xx44=52,8(g)`

`=>m_(dd↑)=28,8+52,8-20=61,6(g)`