Đáp án: Có `2` trường hợp:

TH1: Ankan `C_2H_6`, ankadien `C_4H_6`

TH2: Ankan `C_4H_10`, ankadien `C_3H_4`

`x=44g`

Giải thích các bước giải:

`n_(H_2O)=(16,2)/18=0,9mol`

Ankan có công thức chung: `C_nH_(2n+2)(n≥1)`

Ankadien có công thức chung: `C_mH_(2m-2)(m≥3)`

`n_(H)=2.n_(H_2O)=2.0,9=1,8mol`

Ta có: `0,1.(2n+2)+0,2.(2m-2)=1,8`

`<=>0,2n+0,2+0,4m-0,4=1,8`

`<=>0,2n+0,4m=2`

`<=>n+2m=10`

Với `n=1->m=4,5`(Loại)

`n=2->m=4`

`n=3->m=3,5`(Loại)

`n=4->m=3`

Vậy có thể có `2TH` xảy ra:

TH1: Ankan `C_2H_6`, ankadien `C_4H_6`

Sử dụng định luật bảo toàn `C`, ta có:

`n_(CO_2)=2.n_(C_2H_6)+4.n_(C_4H_6)=2.0,1+4.0,2=1mol`

`->m_(CO_2)=1.44=44g`

TH2: Ankan `C_4H_10`, ankadien `C_3H_4`

Bảo toàn `C`:

`n_(CO_2)=4.n_(C_4H_10)+3.n_(C_3H_4)=4.0,1+3.0,2=1mol`

`->m_(CO_2)=1.44=44g`

CnH2n+(3n+1)\2->nO2+(n+1) H2O;CmH2m-2+(3m-1)/2->mCO2+(m+1)H2O,nH20=0,9(mol)

Ta có (n+1)×0,1+(m-1)×0,2=0;9(mol),m>2 lập bảngm,n tượng ứng, loại các trường hợp thấp phân, m nhỏ hơn 3, sau khi loại ta có các trường hợp 1:n=2;m=4C2H6, trường hợp 2:n=4,m=3C3H4