1)

Gọi công thức của ancol là \({C_n}{H_{2n + 1}}OH\)

\({C_n}{H_{2n + 1}}OH + 1,5n{O_2}\xrightarrow{{{t^o}}}nC{O_2} + (n + 1){H_2}O\)

Dẫn qua bình 1 thì nước bị giữ lại 

\( \to {m_{{H_2}O}} = 3,24{\text{ gam}} \to {{\text{n}}_{{H_2}O}} = \frac{{3,24}}{{18}} = 0,18{\text{ mol}}\)

Dẫn qua bình 2

\(Ba{(OH)_2} + C{O_2}\xrightarrow{{}}BaC{O_3} + {H_2}O\)

\({n_{C{O_2}}} = {n_{BaC{O_3}}} = \frac{{25,61}}{{197}} = 0,13{\text{ mol}}\)

\( \to {n_{ancol}} = {n_{{H_2}O}} - {n_{C{O_2}}} = 0,18 - 0,13 = 0,05{\text{ mol}}\)

\( \to n = \frac{{{n_{C{O_2}}}}}{{{n_{ancol}}}} = \frac{{0,13}}{{0,05}} = 2,6\)

Do vậy 2 ancol là \({C_2}{H_5}OH;{C_3}{H_7}OH\) với số mol lần lượt là x, y.

\( \to x + y = 0,05;2x + 3y = 0,13 \to x = 0,02;y = 0,03\)

\( \to m = 0,02.46 + 0,03.60 = 2,72{\text{ gam}}\)

Ta có: \(\frac{{3,4}}{{2,72}} = 1,25\) nên 3,4 gam ancol chứa 0,025 mol \({C_2}{H_5}OH\) và 0,0375 mol \({C_3}{H_7}OH\)

\(2{C_2}{H_5}OH + 2Na\xrightarrow{{}}2{C_2}{H_5}ONa + {H_2}\)

\(2{C_3}{H_7}OH + 2Na\xrightarrow{{}}2{C_3}{H_7}ONa + {H_2}\)

\( \to {n_{{H_2}}} = \frac{1}{2}{n_{{C_2}{H_5}OH}} + \frac{1}{2}{n_{{C_3}{H_7}OH}} = \frac{{0,025 + 0,0375}}{2} = 0,03125{\text{ mol}} \to {\text{V = 0}}{\text{,03125}}{\text{.22}}{\text{,4 = 0}}{\text{,7 lít}}\)

\( \to {n_{{C_2}{H_5}ONa}} = 0,025{\text{ mol;}}{{\text{n}}_{{C_3}{H_7}ONa}} = 0,0375{\text{ mol}} \to {{\text{m}}_1} = 0,025.68 + 0,0375.82 = 4,775{\text{ gam}}\)

2)

Andehit có dạng \({C_n}{H_{2n + 2 - m}}{(CHO)_m}\)

Ta có: 

\({M_A} = 29.2 = 58 = 14n + 2 - m + 29m = 14n + 2 + 28m\)

\({n_{Ag}} = \frac{{64,8}}{{108}} = 0,6{\text{ mol}} \to \frac{{{n_{Ag}}}}{{{n_{andehit}}}} = \frac{{0,6}}{{0,15}} = 4\)

A không thể là HCHO vì chất này có phân tử khối chỉ là 30.

Vì A tráng bạc theo tỉ lệ 1:4 nên A có 2 nhóm CHO, suy ra m=2.

Thay vào công thức trên suy ra n=0.

Vậy A là OHC-CHO.